电路液滴

A. 水平放置的平行板电容器C如图方式连入电路．其间一带电液滴悬浮在两极板间不动，要使液滴上升，可使（　

液滴受重力及电场力，开始时处于平衡状态，故电场力一定向上；
若要使液滴上升，则应使电场力增大；
由图可知，R₁与R₂串联，电容器与R₂并联；
A、R₁减小，则总电阻减小，电流增大，则R₂两端的电压增大；故电容器两端的电压增大，液滴受电场力增大；液滴上升，故A正确；
B、R₂增大时，总电阻增大，总电流减小，则R₁两端的电压减小，则R₂两端的电压增大；如A分析可知，液滴上升，故B正确；
C、平行板间距离减小，电压U不变；则板间的场强增大，液滴受力增大，故液滴上升，故C正确；
D、R₃与电容并联，故R₃相当于导线，改变R₃不会改变板间电压，故液滴不动；故D错误；
故选：ABC．

B. 液滴的形成涉及到的物理知识有哪些

液体分子之间存在的是引力，同时也在斥力。液体内部分子之间的引力和斥力基本平衡。但是液体表面分子之间距离较大，分子之间不要表现为引力，大量分子之间相互作用引力的合力，就是液体表面张力。在液体表面张力的作用下，液体表面有收缩的趋势，从而形成球面。
涉及到的物理概念有：液体的分子结构，分子力、表面张力、力的合成。

C. 红外发射管和红外接收管能液滴计数吗比如，输液时的液滴。求电路图，输出是接单片机外部中断的。

这样的实验未做过，你可以试试的，有滴液与无滴液时，透过滴液管的红外接收管输出的变化有多大，也就是有滴液与无滴液时的透光率如何，这个暂时与单片机无关；

D. 液滴是什么

• 液滴

  （细小液体粒子）

• 

液滴是指在静止条件下可沉降，在紊流条件下能保持悬浮状态的细小液体粒子，主要粒径范围在200μm以下。

E. 如图所示的电路中，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R 4

C、滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，总电流增大，则电源的内电压增大，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压减小，R 1 两端的电压增大，故并联部分电压减小，则电容器两端的电压减小，板间场强减小，则带电液滴所受的电场力减小； 则质点将向下移动，故C错误； B、因并联部分电压减小，则R 2 中的电流减小，而干路电流增大，故电流表中的电流增大，故B错误； A、R 1 两端的电压增大，路端电压减小，并联部分电压减小，即R 3 与R 4 两端的总电压减小；而由于电流表示数增大，由欧姆定律可知R 3 两端的电压增大，故R 4 两端的电压减小，电压表示数减小，故A正确； 由电路图可知，R 3 与R 4 串联后与R 2 并联，再与R 1 串联，电容器与并联部分并联； D、电源的效率为η= UI EI = U E ，由上分析可知，路端电压U减小，则电源的效率降低．故D错误． 故选A．

F. 平行板电容器连接在电路中闭合S,使电容器充电后,有一带电液滴恰好静止在两极板之间，关于液滴的运动情

平行板上板带正电，由二力平衡知，液滴受向上电场力和向下重力，液滴带负电。
S闭合时平行板电压U不变。由E=U/d知，E与d有关，与S无关。d增大E减小，液滴向下运动。A错B对。
S断开时平行板带电量Q不变。由C=εS/4πkd=Q/U和U=Ed，得E=4πkQ/εS。可知E与S有关，与d无关。S减小E增大，液滴向上运动。CD错。

G. 如图所示的电路，闭合开关，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．为了使液滴竖直向

A、将S断开，电量Q不变，增大板间距离d，根据E=

U

d

，U=

Q

C

，C=

?S

4πkd

，则E=

4πkQ

?S

，与d无关，则E不变，带电液滴不动．故A错误；
B、将S断开，Q不变，将两板水平地向相反方向移开一些，正对面积S减小，根据E=

4πkQ

?S

知，E变大，则电场力变大，液滴向上运动．故B正确；
C、保持开关闭合，板间距离d变小，电势差不变，根据E=

U

d

知，电场强度增大，电场力增大，将向上运动．故C正确；
D、保持开关闭合，以两板各自的左侧板沿为轴，逆时针方向转过一个小角度，板间距离减小，场强增大，电场力也逆时针转过一个小角度，液滴将沿电场力与重力的合力方向运动，不可能竖直向上运动，故D错误．
故选：BC．

H. 如2所示的电路中，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器我l的

C、滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，总电流增大，则电源的内电压增大，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压减小，R₁两端的电压增大，故并联部分电压减小，则电容器两端的电压减小，板间场强减小，则带电液滴所受的电场力减小； 则质点将向下移动，故C错误；
B、因并联部分电压减小，则R₀中的电流减小，而干路电流增大，故电流表中的电流增大，故B错误；
A、R₁两端的电压增大，路端电压减小，并联部分电压减小，即R₃与R_四两端的总电压减小；而由于电流表示数增大，由欧姆定律可知R₃两端的电压增大，故R_四两端的电压减小，电压表示数减小，故A正确；
由电路图可知，R₃与R_四串联后与R₀并联，再与R₁串联，电容器与并联部分并联；
D、电源的效率为η=

Uq

Eq

=

U

E

，由上分析可知，路端电压U减小，则电源的效率降低．故D错误．
故选A．