電路作業

Ⅰ 電路分析作業 電路如圖,求電流I及電流源發出的功率P

解：由於電源的左邊和右邊各有一組△接法的電阻，因此採用別的方法來計算電流I，電路結構都顯得比較復雜。因此，採用戴維南定理、改變電路結構，來計算電流I較為方便。

將3Ω電阻從電路中斷開，並設左端為a、右端為b。Uoc=Uab。

針對節點a，根據KCL得到：I1=I+3（A）。再根據KVL：3I+2I+（1+1+1）×（I+3）+1×I=9，5I+3I+9+I=9，I=0？？？？？不知道哪裡搞錯了？提供一種思路吧，剩下不算了

Ⅱ 電路分析作業

6) uc(0-)=4v =uc(0+)，Ro=1+(2並2)=2Ω，τ=RoC=2x1=2s，uc(∞)=4-5=-1v，

uc(t>0) = uc(∞)+[uc(0+)-uc(∞)]e^(-t/τ) = 5e^(t/2) -1 v。

5)應用戴維南定理和最大功率定義，將RL移離剩出開口端上a下b如圖，

a: (1 + 1/2 + 1/3)Va - Vb/3=10 + 14/2 - 31/3，11Va-2Vb=40...........(1)

b: ((1/3 + 1/4)Vb - Va/3=31/3 + 0.5i1，7Vb-4Va=124+6i1...........(2)

補 ; i1=10-Va...........(3)

(3)代入(2) 7Vb+2Va=184................(4)

(1)x7 + (4)x2 81Va=648，Va=8v，Vb=24v，i1=2A，i=(Va+31-Vb)/3=5A

Ⅲ 電路基礎作業

解：（1）根據KVL列寫迴路電壓方程：

I1R1+I3R3=Us1，20I1+5I3=120；

I2R2+I3R3=Us2，10I2+5I3=90。

根據KCL：I1+I2=I3。

解方程組，得：I1=27/7，I2=33/7，I3=60/7。

（2）P1=I1²R1=（27/7）²×20=14580/49（W）。

P2=I2²R2=（33/7）²×10=10890/49（W）。

P3=I3²R3=（60/7）²×5=18000/49（W）。

（3）Ps1=I1×Us1=（27/7）×120=3240/7（W），釋放。

Ps2=Us2×I2=（33/7）×90=2970/7（W），釋放。

Ps1+Ps2=6210/7（W），P1+P2+P3=14580/49+10890/49+18000/49=43470/49=6210/7（W）。釋放總功率=消耗總功率，功率平衡。

Ⅳ 電路作業………

如圖：在電路中，節點與節點之間電阻為零，因為沒有電勢差，站在電勢的視角，就可以認為一個節點。
圖中：5和4，6和1，7和3，這三組各自的電勢兩兩相同，所以5、6、7節點不用單獨視為節點。

Ⅳ 大學電路作業

解：用相量法解題，斜體字母代表相量。

Ua=220∠10°，Ub=220∠-110°，Uc=220∠130°。

（1）Ua+Ub+Uc=220∠10°+220∠-110°+220∠130°=220×（cos10°+jsin10°）+220×（cos110°-jsin110°）+220×（cos130°+jsin130°）=220×[（0.9848-0.3420-0.6428）+j（0.1736-0.9396+0.766）]=0。

所以：ua+ub+uc=0。

（2）Uab=Ua-Ub=220∠10°-220∠-110°=220×[（0.9848+0.3420）+j（0.1736+0.9396）]=220×（1.3268+j1.1132）=291.896+j244.904=381∠40°（V）。

Ubc=Ub-Uc=220∠-110°-220∠130°=220×[（-0.3420+0.6428）+j（-0.9396-0.766）]=220×（0.3008-j1.7056）=220√3∠-80°=381∠-80°（V）。

所以：uab=381√2cos（ωt+40°）V，ubc=381√2cos（ωt-80°） V。

（3）

Ⅵ 計算電路基礎作業，謝謝！

1、解：φa=Uao=Uad+Udo=Uad+10=7，所以：Uad=7-10=-3（V）；Uda=-Uad=3（V）。

φb=φa=7V，φd=Udo=Us=10V，Ubc+φc=φb，Ubc=φb-φc=7-2=5（V）。

2、解：沒給出電壓、電流的正弦量表達式，無法計算。

3、解：將電阻R=6.67Ω從電路中斷開，上下端分別為節點a、b。

6V——R2——R1構成一個迴路，迴路電流為：I1=6/（2+4）=1（A），順時針方向。所以R2上的電壓為：U2=I1R2=1×4=4（V）。

因為a、b的斷開，R3上無電流、無電壓，所以：Uoc=Uab=-3+U2=-3+4=1（V）。

再將兩個電壓源短路，得到：Req=Rab=R3+R2∥R1=2+4∥2=10/3（Ω）=3.33（Ω）。

戴維南定理：I=Uoc/（Req+R）=1/（3.33+6.67）=0.1（A）。

電阻R消耗的功率為：P=I²R=0.1²×6.67=0.0667（W）=66.7（mW）。

4、解：電壓源外部總電阻為：R=R1∥R2+R3∥R4=8∥8+3∥6=4+2=6（Ω）。

I=18/R=18/6=3（A）。

UAB=I×（R1∥R2）=3×（8∥8）=12（V），因此：I1=UAB/R1=12/8=1.5（A）；I2=UAB/R2=12/8=1.5（A）。

UBC=I×（R3∥R4）=3×3∥6=6（V），因此：I3=UBC/R3=6/3=2（A），I4=UBC/R4=6/6=1（A）。

根據KCL：I3+I5=I1，所以：I5=I1-I3=1.5-2=-0.5（A）或I5=I4-I2=1-1.5=-0.5（A）。

5、解：因為電路的初始無儲能，因此：Uc（0+）=Uc（0-）0，iL（0+）=iL（0-）=0。

t=0+電容電壓為零，相當於短路；電感電流為零相當於開路，因此此時的等效電路如下：

i（0+）=Us/（R1+R3）=10/（4+6）=1（A）。

ic（0+）=i（0+）=1（A）。

R2中無電流、無電壓，因此：uL（0+）=R3兩端電壓=ic（0+）×R3=1×6=6（V）。

Ⅶ 電路作業（關於戴維寧定理）

(1)

等效電路如圖，又因為uoc為開路，所以流過3歐姆電阻的電流是24/9A，所以uoc=16+3*24/9=8v,若等效電路中電壓源不作用，其等效電阻為1/（（1/6）+（1/3））+4=6歐姆，所以I=8/(6+2)=1A,

(2)由（1）可得等效電阻為6歐姆，所以當Rl=6歐姆時有最大功率為8/3W.

剛剛學過電路正好解答，望採納（*-*）！

Ⅷ 大學電路作業

解：開關斷開時，I1=I2。

（R1+jωL1）I1+（R2+jωL2）I2+jωMI2+jωMI1=U1。

帶入參數即可計算出結果。

開關閉合時：

迴路一：（R1+jωL1）I1+jωMI2=U1。

迴路二：jωMI2+（R2+jωL2）I2=0。

帶入參數計算方程組，即可求出結果。

Ⅸ 問一道電路作業

（1）__同相________比例運算電路中集成運放反相輸入端為虛地，而__反相________比例運算電路中集成運放兩個輸入端的電位等於輸入電壓。
（2）__同相________比例運算電路的輸入電阻大，而___反相_______比例運算電路的輸入電阻小。
（3）__同相________比例運算電路的輸入電流等於零，而__ 反相________比例運算電路的輸入電流等於流過反饋電阻中的電流。
（4）__同相________比例運算電路的比例系數大於1，而__反相________比例運算電路的比例系數小於零。

Ⅹ 電路作業，求大神指點

uc(t)=1-e^-2t V，詳細過程請看圖。以瞬時值的形式列KVL方程，然後用一階線性非齊次微分方程的通解公式求解，再將初始條件代入通解求出常數C。